Câu I (2 điểm) Cho hàm số y = x2 (m - 1- x2) + 2 có đồ thị là (Cm).
1. Khảo sát và vẽ đồ thị của hàm số khi m = 3
2. Tìm để (Cm) có 3 điểm cực trị. Khi đó gọi (∆) là tiếp tuyến của (Cm) tại điểm cực
tiểu, tìm m để diện tích miền phẳng giới hạn bởi (Cm) và (∆) bằng 4/15 .
ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2010 Môn: Toán A. Thời gian: 180 phút ( Không kể giao đề). PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7 điểm) Câu I (2 điểm) Cho hàm số có đồ thị là . 1. Khảo sát và vẽ đồ thị của hàm số khi 2. Tìm để có 3 điểm cực trị. Khi đó gọi là tiếp tuyến của tại điểm cực tiểu, tìm để diện tích miền phẳng giới hạn bởi và bằng . Câu II (2 điểm) : 1. Giải hệ phương trình: . 2.Giải phương trình : . Câu III (1 điểm): TÝnh tÝch ph©n sau: C©u IV .(1 ®iÓm) Cho tø diÖn ABCD cã gãc .AB=a, AC=2a, AD=3a . TÝnh thÓ tÝch tø diÖn ABCD ®ã Câu V (1 điểm) Cho phương trình Tìm m để phương trình có một nghiệm duy nhất. PHẦN RIÊNG (3 điểm): Thí sinh chỉ làm một trong hai phần (Phần 1 hoặc phần 2) 1. Theo chương trình chuẩn. Câu VI.a (2 điểm) 1. ChoABC có đỉnh A(1;2), đường trung tuyến BM: và phân giác trong CD: . Viết phương trình đường thẳng BC. 2. Cho đường thẳng (D) có phương trình: .Gọi là đường thẳng qua điểm A(4;0;-1) song song với (D) và I(-2;0;2) là hình chiếu vuông góc của A trên (D). Trong các mặt phẳng qua , hãy viết phương trình của mặt phẳng có khoảng cách đến (D) là lớn nhất. Câu VII.a (1 điểm) Víi x,y lµ c¸c sè thùc thuéc ®o¹n . T×m gi¸ trÞ nhá nhÊt cña biÓu thøc: 2. Theo chương trình nâng cao. Câu VI.b (2 điểm) 1) Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy cho đường tròn hai đường tròn cùng đi qua M(1; 0). Viết phương trình đường thẳng qua M cắt hai đường tròn lần lượt tại A, B sao cho MA= 2MB. 2)Trong kh«ng gian víi hÖ täa ®é Oxyz cho hai ®êng th¼ng d vµ d’ lÇn lît cã ph¬ng tr×nh : d : vµ d’ : . ViÕt ph¬ng tr×nh mÆt ph¼ng ®i qua d vµ t¹o víi d’ mét gãc Câu VII.b (1 điểm) Cho x, y, z thoả mãn x+y+z > 0. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức ---------------------Hết----------------------. Kú thi thö ®¹i häc- cao ®¼ng n¨m 2010 Híng dÉn chÊm m«n to¸n Câu I.1) (1 điểm) Nội dung Điểm - m=3, h/s trở thành . TXĐ: R, là h/s chẵn, . Ta có . 0.25 BBT. 0.25 Nêu các khoảng đồng biến, nghịch biến và cực trị 0.25 Đồ thị; 0.25 Câu I.2) (1 điểm) Nội dung Điểm Trường hợp tổng quát, ta có . H/s có ba cực trị khi và chỉ khi pt y’=0 có ba nghiệm phân biệt 0.25 Ta có có điểm cực tiểu (0;2). Tiếp tuyến với tại (0;2) là 0.25 Pt hoành độ giao điểm của và là: . Diện tích miền phẳng giới hạn bởi và là 0.25 . Ycbt tương đương với 0.25 CâuII 1 ĐK: x-y+1. 0.25 Ta có (1) 0.25 Với x=y, là 1 nghiệm. 0.25 Với x=2-2y, KL: Hệ có 3 nghiệm (1;1); (2;0); (8/3;-1/3). 0.25 Câu Ý Nội dung Điểm CâuII:2. Giải phương trình: . . VËy hoÆc . Víi ta cã hoÆc Víi ta cã , suy ra hoÆc 0,50 2 1,00 Câu Phần Nội dung Điểm III (1,0) Ta cã +TÝnh +TÝnh §Æt Khi ®ã VËy ; 0.25 0.25 0.25 0.25 0,25 0,25 0,5 IV +Gäi M;N lµ c¸c ®iÓm thu«c c¹nh AC vµ AD sao cho AM=AN=a Ta cã : +; Suy ra : ,Do ®ã tam gi¸c BMN vu«ng t¹i B. + GoÞ I lµ trung ®iÓm cña MN, ta cã: XÐt tam gi¸c BMN cã BI lµ trung tuyÕn nªn ta cã : DÔ thÊy suy ra tam gi¸c AIB vu«ng t¹i I Nh vËy suy ra AI lµ §êng cao cña tø diÖn ABMN + Khi ®ã + MÆt kh¸c 0.25 0.25 0.25 0.25 VIa 0,75 1 1,00 Điểm . Suy ra trung điểm M của AC là . 0,25 Điểm 0,25 0,25 Từ A(1;2), kẻ tại I (điểm ). Suy ra . Tọa độ điểm I thỏa hệ: . Tam giác ACK cân tại C nên I là trung điểm của AK tọa độ của . Đường thẳng BC đi qua C, K nên có phương trình: 2 Gọi (P) là mặt phẳng đi qua đường thẳng , thì hoặc . Gọi H là hình chiếu vuông góc của I trên (P). Ta luôn có và . Mặt khác Trong mặt phẳng , ; do đó . Lúc này (P) ở vị trí (P0) vuông góc với IA tại A. Vectơ pháp tuyến của (P0) là , cùng phương với . Phương trình của mặt phẳng (P0) là: . VIIa 0,25 + Ta cã : . ThËt vËy: §óng víi x,y thuéc Khi ®ã + V× +Tong tù: Tõ (1);(2);(3) Ta cã : VËy , MinP=3 khi x=y=1 1,00 VIb 1) + Gọi tâm và bán kính của (C), (C’) lần lượt là I(1; 1) , I’(-2; 0) và , đường thẳng (d) qua M có phương trình . + Gọi H, H’ lần lượt là trung điểm của AM, BM. Khi đó ta có: , Dễ thấy nên chọn . Kiểm tra điều kiện rồi thay vào (*) ta có hai đường thẳng thoả mãn. 0,25 0,25 0,25 0,25 2 .§êng th¼ng d ®i qua ®iÓm vµ cã vect¬ chØ ph¬ng §êng th¼ng d’ ®i qua ®iÓm vµ cã vect¬ chØ ph¬ng . Mp ph¶i ®i qua ®iÓm M vµ cã vect¬ ph¸p tuyÕn vu«ng gãc víi vµ . Bëi vËy nÕu ®Æt th× ta ph¶i cã : Ta cã . VËy hoÆc . NÕu ,ta cã thÓ chän A=C=1, khi ®ã , tøc lµ vµ cã ph¬ng tr×nh hay NÕu ta cã thÓ chän , khi ®ã , tøc lµ vµ cã ph¬ng tr×nh hay 0,25 VIIb 1,00 Trước hết ta có: (biến đổi tương đương) Đặt x + y + z = a. Khi đó (với t = , ) Xét hàm số f(t) = (1 – t)3 + 64t3 với t. Có Lập bảng biến thiên GTNN của P là đạt được khi x = y = 4z > 0 CâuV. Phương trình (1) Điều kiện : Nếu thỏa mãn (1) thì 1 – x cũng thỏa mãn (1) nên để (1) có nghiệm duy nhất thì cần có điều kiện . Thay vào (1) ta được: * Với m = 0; (1) trở thành: Phương trình có nghiệm duy nhất. * Với m = -1; (1) trở thành + Với + Với Trường hợp này, (1) cũng có nghiệm duy nhất. * Với m = 1 thì (1) trở thành: Ta thấy phương trình (1) có 2 nghiệm nên trong trường hợp này (1) không có nghiệm duy nhất. Vậy phương trình có nghiệm duy nhất khi m = 0 và m = -1.
Tài liệu đính kèm: